Cho m gam hỗn hợp FeCO3 và Al vào H2SO4 loãng dư thu được hỗn hợp khí D. Cho khí D hấp thụ vào 200 ml dung dịch Ba(OH)2 0,3M thu được 7,88 gam kết tủa và còn lại 3,36 lít một khí thoát ra. Viết PTHH và tính m.
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
![](https://rs.olm.vn/images/avt/0.png?1311)
![](https://rs.olm.vn/images/avt/0.png?1311)
\(n_{CO_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\\ n_{NaOH}=0,5.0,1=0,05\left(mol\right)\\ n_{Na_2CO_3}=1,5.0,1=0,15\left(mol\right)\)
Xét \(T=\dfrac{0,05}{1}=\dfrac{1}{2}\) => Tạo muối NaHCO3
PTHH: \(NaOH+CO_2\rightarrow NaHCO_3\)
0,05---->0,05----->0,05
\(Na_2CO_3+CO_2+H_2O\rightarrow2NaHCO_3\)
bđ 0,15 0,05
sau pư 0,1 0 0,1
Vậy ddX gồm \(\left\{{}\begin{matrix}Na_2CO_3:n_{Na_2CO_3}=0,1\left(mol\right)\\NaHCO_3:n_{NaHCO_3}=0,05+0,1=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_3^{2-}}=0,1\left(mol\right)\\n_{HCO_3^-}=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(n_{BaCO_3\downarrow}=\dfrac{43,34}{197}=0,22\left(mol\right)\)
Xét \(0,22< 0,1+0,15=0,25\)
=> Trong dd có chứa muối \(HCO_3^-\)
+) TH1: Muối đó là NaHCO3 dư
\(n_{Ba^{2+}}=n_{BaCO_3}=0,22\left(mol\right)\\ n_{BaCl_2}=2.0,1=0,2\left(mol\right)\\ \xrightarrow[]{\text{BTNT Ba}}n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,22-0,2=0,02\left(mol\right)\\ \rightarrow a=C_{M\left(Ba\left(OH\right)_2\right)}=\dfrac{0,02}{0,1}=0,2M\)
+) TH2: Muối đó là Ba(HCO3)2
\(\xrightarrow[\text{BTNT C}]{}n_{Ba\left(HCO_3\right)_2}=\dfrac{1}{2}n_{HCO_3^-}=\dfrac{1}{2}.\left(0,25-0,22\right)=0,015\left(mol\right)\\ \sum n_{Ba^{2+}}=n_{Ba\left(HCO_3\right)_2}+n_{BaCO_3}=0,015+0,22=0,235\left(mol\right)\\ \xrightarrow[\text{BTNT Ba}]{}n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,235-0,2=0,035\left(mol\right)\\ \rightarrow a=C_{M\left(Ba\left(OH\right)_2\right)}=\dfrac{0,03}{0,1}=0,35M\)
Vậy \(0,2\le a\le0,35\)
![](https://rs.olm.vn/images/avt/0.png?1311)
Gọi số mol C2H5OH, C6H6 là a, b (mol)
=> 46a + 78b = 5,79 (1)
\(n_{NaOH}=0,75.0,8=0,6\left(mol\right)\)
\(n_{CaCO_3}=\dfrac{27}{100}=0,27\left(mol\right)\)
TH1: Y chỉ chứa muối là Na2CO3
PTHH: 2NaOH + CO2 --> Na2CO3 + H2O
0,27<----0,27
Na2CO3 + CaCl2 --> CaCO3 + 2NaCl
0,27<----------------0,27
=> \(n_{CO_2}=0,27\left(mol\right)\)
PTHH: C2H5OH + 3O2 --to--> 2CO2 + 3H2O
a------------------->2a
C6H6 + \(\dfrac{15}{2}\)O2 --to--> 6CO2 + 3H2O
b-------------------->6b
=> 2a + 6b = 0,27 (2)
(1)(2) => a = 0,114 (mol); b = 0,007 (mol)
TH2: Y chứa muối là Na2CO3 và NaHCO3
PTHH: 2NaOH + CO2 --> Na2CO3 + H2O
0,6---->0,3------->0,3
Na2CO3 + CO2 + H2O --> 2NaHCO3
0,03--->0,03
Na2CO3 + CaCl2 --> CaCO3 + 2NaCl
0,27<----------------0,27
=> \(n_{CO_2}=0,3+0,03=0,33\left(mol\right)\)
Có: 2a + 6b = 0,33 (3)
(1)(3) => a = 0,075 (mol); b = 0,03 (mol)
![](https://rs.olm.vn/images/avt/0.png?1311)
a)
\(n_{Ca}=\dfrac{8}{40}=0,2\left(mol\right)\)
PTHH: Ca + 2H2O --> Ca(OH)2 + H2
0,2--------------->0,2----->0,2
=> \(m_{Ca\left(OH\right)_2}=0,2.74=14,8\left(g\right)\)
\(m_{dd}=8+492,4-0,2.2=500\left(g\right)\)
\(C\%=\dfrac{14,8}{500}.100\%=2,96\%\)
b)
\(\dfrac{1}{10}\) dd A chứa 0,02 mol Ca(OH)2
Gọi công thức chung của 2 khí là XO2
\(M_{XO_2}=27.2=54\left(g/mol\right)\Rightarrow M_X=22\left(g/mol\right)\)
\(n_{CaXO_3}=\dfrac{1,1}{40+22+16.3}=0,01\left(mol\right)\)
TH1: Nếu kết tủa không bị hòa tan
PTHH: Ca(OH)2 + XO2 --> CaXO3 + H2O
0,01<---0,01
=> V = 0,01.22,4 = 0,224 (l)
TH2: Nếu kết tủa bị hòa tan 1 phần
PTHH: Ca(OH)2 + XO2 --> CaXO3 + H2O
0,02---->0,02---->0,02
CaXO3 + XO2 + H2O --> Ca(HXO3)2
0,01--->0,01
=> V = (0,02 + 0,01).22,4 = 0,672 (l)
a)
\(n_{Ca}=\dfrac{8}{40}=0,2\left(mol\right)\)
PTHH: \(Ca+2H_2O\rightarrow Ca\left(OH\right)_2+H_2\uparrow\)
0,2--------------->0,2----------->0,2
ddA có chứa chất tan: Ca(OH)2
\(m_{ddA}=8+492,4-0,2.2=500\left(g\right)\\ m_{Ca\left(OH\right)_2}=0,2.74=14,8\left(g\right)\\ \rightarrow C\%_{Ca\left(OH\right)_2}=\dfrac{14,8}{500}.100\%=2,96\%\)
b)
1/10 ddA có chứa: \(n_{Ca\left(OH\right)_2}=\dfrac{0,2}{10}=0,02\left(mol\right)\)
Quy hết hỗn hợp CO2, SO2 về RO2
\(M_{RO_2}=27.2=54\left(g\text{/}mol\right)\\ \Leftrightarrow M_R+16.2=54\\ \Leftrightarrow M_R=22\left(g\text{/}mol\right)\)
+) TH1:Nếu kết tủa không bị tan
\(n_{CaRO_3}=\dfrac{1,1}{110}=0,01\left(mol\right)\)
PTHH: \(RO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaRO_3\downarrow+H_2O\)
0,01<----0,01<--------0,01
Xét \(n_{Ca\left(OH\right)_2\left(pư\right)}=0,01< 0,02=n_{Ca\left(OH\right)_2\left(bđ\right)}\)
=> TH này có thoả mãn
\(V=V_{RO_2}=0,01.22,4=0,224\left(l\right)\)
+) TH2:Nếu kết tủa bị tan
Tương tự TH1: nRO2 (tạo muối trung hoà) = 0,01 (mol)
\(n_{Ca\left(OH\right)_2\left(tạo.muối.axit\right)}=0,02-0,01=0,01\left(mol\right)\)
PTHH: \(Ca\left(OH\right)_2+2RO_2\rightarrow Ca\left(HRO_3\right)_2\)
0,01---------->0,02
\(\rightarrow\sum n_{RO_2}=0,01+0,02=0,03\left(mol\right)\\ \rightarrow V_{RO_2}=0,03.22,4=0,672\left(l\right)\)
Vậy \(0,224\le V\le0,672\)
![](https://rs.olm.vn/images/avt/0.png?1311)
\(M_{ankan}=1,375.32=44\left(g\text{/}mol\right)\\ \rightarrow12n+2n+2=44\\ \Leftrightarrow n=3\left(TM\right)\)
Vậy CTPT của ankan là \(C_3H_8\)
CTCT: \(CH_3-CH_2-CH_3\)
\(M_{C_nH_{2n+2}}=M_{O_2}.1,375=32.1,375=44\left(đvC\right)\)
\(12n+2n+2=44\Leftrightarrow n=3\)
Vậy ankan là \(C_3H_6\).
![](https://rs.olm.vn/images/avt/0.png?1311)
Đặt \(n_{H_2SO_4}=a\left(mol\right)\rightarrow n_{HCl}=3a\left(mol\right)\)
\(n_{NaOH}=0,05.0,5=0,025\left(mol\right)\)
PTHH:
\(H_2SO_4+2NaOH\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\)
a--------->2a
\(HCl+NaOH\rightarrow NaCl+H_2O\)
3a----->3a
\(\rightarrow2a+3a=0,025\\ \Leftrightarrow a=0,005\left(mol\right)\\ \rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C_{M\left(H_2SO_4\right)}=\dfrac{0,005}{0,1}=0,05M\\C_{M\left(HCl\right)}=\dfrac{0,005.3}{0,1}=0,15M\end{matrix}\right.\)
![](https://rs.olm.vn/images/avt/0.png?1311)
- \(nCH_2=CH_2\underrightarrow{t^o,p,xt}\left(-CH_2-CH_2-\right)_n\)
- \(CH_4+Cl_2\underrightarrow{as}CH_3Cl+HCl\)
- \(CH_2=CH_2+Br_2\rightarrow CH_2Br-CH_2Br\)
- \(CH\equiv CH+2Br_2\rightarrow CHBr_2-CHBr_2\)
- \(C_6H_{12}O_6+Ag_2O\underrightarrow{NH_3}C_6H_{12}O_7+2Ag\)
\(n_{BaCO_3}=\dfrac{7,88}{197}=0,04\left(mol\right)\)
\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,3.0,2=0,06\left(mol\right)\)
\(n_{H_2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\)
PTHH: FeCO3 + H2SO4 --> FeSO4 + CO2 + H2O
2Al + 3H2SO4 --> Al2(SO4)3 + 3H2
=> \(n_{Al}=\dfrac{2}{3}.n_{H_2}=0,1\left(mol\right)\)
TH1: Kết tủa không bị hòa tan
PTHH: Ba(OH)2 + CO2 --> BaCO3 + H2O
0,04<---0,04
\(\Rightarrow n_{CO_2}=0,04\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow n_{FeCO_3}=0,04\left(mol\right)\)
m = 0,04.116 + 0,1.27 = 7,34 (g)
TH2: Kết tủa bị hòa tan 1 phần
PTHH: Ba(OH)2 + CO2 --> BaCO3 + H2O
0,06----->0,06--->0,06
BaCO3 + CO2 + H2O --> Ba(HCO3)2
0,02---->0,02
=> \(n_{CO_2}=0,06+0,02=0,08\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow n_{FeCO_3}=0,08\left(mol\right)\)
m = 0,08.116 + 0,1.27 = 11,98 (g)